生物高考题及解析,生物高考真题及解析

1.2014年海南省生物高考答案

2.高考生物试题

3.高考生物，关于基因工程的题目！

4.高考生物题 解析

5.高考生物题求解释

6.对“与蛋白质有关的计算”分类释疑 蛋白质计算

7.高考高中生物，求解析谢谢

现在两种题分别举题，包括答案及其解析，因为我书上太多了，再联系吧！

细胞呼吸：

（2011海南单科）关于细胞呼吸的叙述，正确的是（B）

A.风干脱水后呼吸强度增强

B.突然淹水可导致根系发生无氧呼吸

C.破伤风杆菌在有氧条件下能大量繁殖

D.小麦萌发过程中有氧呼吸逐渐减弱

解析：A.风干脱水后呼吸强度减弱；B.土壤淹水，导致根系因缺氧而发生无氧呼吸；C.破伤风杆菌属于厌氧型细菌，无氧条件下才能大量繁殖；D.萌发过程中有氧呼吸逐渐增强

（2011上海单科）下列细胞中，其呼吸作用的叙述，正确的是（D）

A.缺氧条件下的马铃薯块茎细胞

B.剧烈运动时的人骨骼肌细胞

C.酸奶生产中的乳酸菌

D.受涝的植物根细胞

解析：动物细胞、乳酸菌、马铃薯块茎、玉米胚等进行无氧呼吸可产生乳酸。植物的常态根细胞在受涝（缺氧）条件下呼吸作用产生乙酸。

光合作用

（2011江苏单科）某研究组获得了水稻的叶黄素缺失突变体。将其叶片进行红光照射光吸收测定和色素层析条带分析（从上至下），与正常叶片相比，实验结果是（B）

A.光吸收差异显著，色素带缺第2条

B.光吸收差异不显著，色素带缺第2条

C.光吸收差异显著，色素带缺第3条

D.光吸收差异不显著，色素带缺第3条

解析：叶绿体中的叶绿素a和b主要吸收蓝紫光和红光，胡萝卜素和叶黄素主要吸收蓝紫光，所以当水稻叶黄素缺失突变体进行红光照射时，光吸收差异不显著；对正常叶片叶绿体的色素提取后层析的结果，自上而下依次是胡萝卜素带、叶黄素带、叶绿素a带和叶绿素b带，故B正确

2014年海南省生物高考答案

设该基因由x个游离脱氧核苷酸组成，则x*a-18（x-2）=m（因为结合过程中脱去1分子水，又由于是双链结构，所以脱去（x-2）分子水），解得x=（m-36）/（a-18），两条多肽链的蛋白质相对分子质量=（x/6）*b-（x/6-2）*18（三个碱基对对应一个氨基酸，所以是除以6,；2两条链，所以是减2，一条链的话减1），带入得你的答案。

难点在双链结构和两条链；

重点在脱水缩合，三个碱基对（6个脱氧核苷酸）对应一个氨基酸；

高考生物试题

理科综合 生物部分

1．关于细胞的叙述，错误的是

A．植物细胞的胞间连丝具有物质运输的作用

B．动物细胞间的黏着性与细胞膜上的糖蛋白有关

C．ATP水解释放的能量可用于细胞内的吸能反应

D．哺乳动物的细胞可以合成蔗糖，也可以合成乳糖

答案D

解析蔗糖是植物细胞合成的，动物细胞不能合成。

2．同一动物个体的神经细胞与肌细胞在功能上是不同的，造成这种差异的主要原因是

A．二者所处的细胞周期不同 B．二者合成的特定蛋白不同

C．二者所含有的基因组不同 D．二者核DNA的复制方式不同

答案B

解析神经细胞和肌细胞高度分化，通常不再分裂，无细胞周期，也无DNA复制；不同种类细胞的产生是由于遗传基因的选择性表达，合成了不同的蛋白质；同一个体的体细胞由同一个受精卵分裂、分化而来，基因组相同。

3．关于正常情况下组织液生成与回流的叙述，错误的是

A．生成与回流的组织液中氧气的含量相等

B．组织液不断生成与回流，并保持动态平衡

C．血浆中的有些物质经毛细血管动脉端进入组织液

D．组织液中的有些物质经毛细血管静脉端进入血液

答案A

解析一般情况下，富含氧气的血浆从毛细血管动脉端渗出生成组织液，生活在组织液中的组织细胞通过有氧呼吸消耗部分氧气，导致毛细血管静脉端回流的组织液通常氧气含量相对较低。

4．将某植物花冠切成大小和形状相同的细条，分为a、b、c、d、e和f组（每组的细条数相等），取上述6组细条分别置于不同浓度的蔗糖溶液中，浸泡相同时间后测量各组花冠细条的长度，结果如图所示。如蔗糖溶液与花冠细胞之间只有水分交换，则

A．实验后，a组液泡中的溶质浓度比b组的高

B．浸泡导致f组细胞中液泡的失水量小于b组的

C．a组细胞放在蔗糖溶液中失水或吸水所耗ATP大于b组

D．使细条在浸泡前后长度不变的蔗糖浓度介于0.4～0.5mol﹒L-1之间

答案D

解析实验前长度/实验后长度的比值为1时，水分进出细胞达到平衡；比值小于1表明细胞吸水，且比值越小花冠吸水越多；比值大于1表明细胞失水，且比值越大，花冠失水越多。据图可推知a组吸水多于b组，因此实验后a组细胞液中溶质浓度低于b组；f组比值大于b组，因此失水量大于b组；水分子进出细胞的方式是自由扩散，不消耗能量；由c组吸水，d组失水知细条细胞液浓度介于0.4～0.5mol﹒L-1之间。

5．关于核酸的叙述，错误的是

A．细胞核中发生的转录过程有RNA聚合酶的参与

B．植物细胞的线粒体和叶绿体中均可发生DNA的复制

C．双链DNA分子中一条链上磷酸和核糖是通过氢键连接的

D．用甲基绿和吡罗红染色可观察DNA和RNA在细胞中的分布

答案C

解析转录主要发生在细胞核中，该过程需要RNA聚合酶的催化；植物细胞的线粒体和叶绿体中均含有DNA，均可发生DNA的复制； DNA分子中所含五碳糖是脱氧核糖，一条脱氧核苷酸链中磷酸和核糖之间通过磷酸二酯键连接起来；甲基绿吡罗红混合使用对细胞染色，甲基绿能使DNA呈现绿色、吡罗红能使RNA呈现红色。

6．关于光合作用和呼吸作用的叙述，错误的是

A．磷酸是光反应中合成ATP所需的反应物

B．光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与

C．人体在剧烈运动时所需的能量由乳酸分解提供

D．核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量

答案C

解析光反应利用ADP和磷酸合成ATP；叶绿素等吸收光能不需要酶的参与；人在剧烈运动时无氧呼吸和有氧呼吸同时进行，无氧呼吸生成的乳酸在人体内不能再分解供能；无细胞结构，其核酸复制所需能量来自宿主细胞的呼吸作用。

29.(10分)

某植物净光合速率的变化趋势如图所示。

据图回答下列问题：

（1）当CO2浓度为a时，高光强下该植物的净光合速率为 ① 。CO2浓度在a～b之间时，曲线 ② 表示了净光合速率随CO2浓度的增高而增高。

（2）CO2浓度大于c时，曲线B和C所表示的净光合速率不再增加，限制其增加的环境因素是 ③ 。

（3）当环境中CO2浓度小于a时，在图示的3种光强下，该植物呼吸作用产生的CO2量 ④ (填“大于”、“等于”或“小于”)光合作用吸收的CO2量。

（4）据图可推测，在温室中，若要取提高CO2浓度的措施来提高该种植物的产量，还应该同时考虑 ⑤ 这一因素的影响，并取相应措施。

答案

（1）①0 ②A、B、C

（2）③光强

（3）④大于

（4）⑤光强

解析

（1）据图可知CO2浓度为a时，高光强（曲线A）下的纵坐标为0，即净光合速率为0；CO2浓度在a～b之间时，曲线A、B、C均表现为上升，即净光合速率均随CO2浓度增高而增高。

（2）CO2浓度大于c时，高光强条件下（曲线A）的净光合速率仍然能够随着CO2浓度的增加而增加，由此可知限制B、C净光合速率增加的环境因素是光强。

（3）CO2浓度小于a时，3种光强下，净光合速率均小于0，即呼吸速率大于光合速率，也就是说呼吸作用产生的CO2量大于光合作用吸收的CO2量。

（4）据图可知CO2浓度和光强会影响净光合速率从而影响植物的产量，故为提高植物的产量，应综合考虑CO2浓度和光强对植物的影响。

30.（9分）

为了探究某种复方草药对某种细菌性乳腺炎的疗效是否与机体免疫功能增强有关，某研究小组将细菌性乳腺炎模型小鼠随机分为实验组（草药灌胃）、空白对照组（蒸馏水灌胃）和阳性对照组（免疫增强剂A灌胃），并检测免疫指标。

回答下列问题：

（1）研究发现，实验组小鼠吞噬细胞的吞噬能力显著高于阳性对照组，极显著高于空白对照组。这一结果至少说明该草药增强了小鼠的非特异性免疫功能。非特异性免疫的特点是 ① 。

（2）研究还发现：实验组小鼠的T细胞含量显著高于空白对照组，与阳性对照组相近。这一结果说明：该草药可能通过提高小鼠的T细胞含量来增强其特异性免疫功能。通常，在细胞免疫过程中，效应T细胞的作用是 ② 。

（3）在特异性免疫中，T细胞可产生 ③ 因子，受到抗原刺激的 ④ 细胞可在该因子的作用下，增殖分化为浆细胞，浆细胞产生 ⑤ ，参与体液免疫过程。

答案

（1）①机体生来就有的，不针对某一类特定病原体，而是对多种病原体都有一定的防御作用

（2）②识别并与被病原体入侵的宿主细胞紧密接触，可使之裂解死亡

（3）③淋巴 ④B ⑤抗体

解析

（1）非特异性免疫生来就有，不针对某一类特定病原体，而是对多种病原体都有防御作用。

（2）在细胞免疫过程中，效应T细胞可以识别并结合被病原体侵染的细胞（靶细胞），并使其裂解凋亡。

（3）体液免疫时，受到抗原刺激的B细胞在T细胞分泌的淋巴因子作用下，增殖分化产生浆细胞和记忆细胞，浆细胞分泌抗体，与刺激其产生的抗原进行特异性结合。

31．（9分）

某陆地生态系统中，除分解者外，仅有甲、乙、丙、丁、戊5个种群。调查得知，该生态系统有4个营养级，营养级之间的能量传效率为10%～20%，且每个种群只处于一个营养级。一年内输入各种群的能量数值如下表所示，表中能量数值的单位相同。

种群 甲 乙 丙 丁 戊

能量 3.56 12.80 10.30 0.48 226.50

回答下列问题：

（1）请画出该生态系统中的食物网。

（2）甲和乙的种间关系是 ① ；种群丁是该生态系统生物组分中的 ② 。

（3）一般来说，生态系统的主要功能包括 ③ 、 ④ ，此外还具有信息传递等功能。碳对生物和生态系统具有重要意义，碳在 ⑤ 和 ⑥ 之间的循环主要以CO2的形式进行。

答案

（1）

（2）①捕食 ②消费者

（3）③物质循环 ④能量流动 ⑤生物群落 ⑥无机环境

解析

（1）根据题干可知：1、营养级之间的能量流动效率10%～20%；2、每个种群只处于一个营养级。戊占有能量最多，应属于第一营养级；乙和丙能量值处于同一数量级并且二者之和（23.1）介于戊能量值的10%～20%（10.20%），故乙和丙应同属于第二营养级；甲能量值介于第二营养级的10%～20%（15.4%），应属于第三营养级；丁能量值介于第三营养级的10%～20%（13.48%），应属于第四营养级。

（2）根据（1）的食物网可推知：甲乙种间关系是捕食；题干已声明所列数据不包括分解者，而戊属于第一营养级，为生产者，因此其余生物包括丁在内均为消费者。

（3）物质循环、能量流动、信息传递是生态系统的三大主要功能；碳以CO2的形式在生物群落与无机环境之间循环往复。

32．（11分）

山羊性别决定方式为XY型。下面的系谱图表示了山羊某种性状的遗传，图中深色表示该种性状的表现者。

已知该性状受一对等位基因控制，在不考虑染色体变异和基因突变的条件下，回答下列问题：

（1）据系谱图推测，该性状为 ① （填“隐性”或“显性”）性状。

（2）设控制该性状的基因位于Y染色体上，依照Y染色体上基因的遗传规律，在第Ⅲ代中表现型不符合该基因遗传规律的个体是 ② （填个体编号）。

（3）若控制该性状的基因仅位于X染色体上，则系谱图中一定是杂合子的个体是 ③ （填个体编号），可能是杂合子的个体是 ④ （填个体编号）。

答案

（1）①隐性

（2）②Ⅲ-1、Ⅲ-3和Ⅲ-4

（3）③Ⅰ-2、Ⅱ-2、Ⅱ-4 ④Ⅲ-2

解析

（1）①根据系谱图，Ⅱ-1和Ⅱ-2均不表现该性状，但他们的后代Ⅲ-1出现该性状，推知该性状为隐性，Ⅱ-1和Ⅱ-2为该性状的携带者。

（2）设该性状基因位于Y染色体上，该性状由Y染色体传递，因此表现该性状个体的所有雄性后代和雄性亲本都表现该性状，且雌性个体不会表现该性状。据此理论上第Ⅲ世代各个体的性状表现应为：Ⅲ-1 不表现该性状（因为Ⅱ-1不表现该性状）、Ⅲ-2和Ⅲ-3均不表现该性状（因为是雌性）、Ⅲ-4表现该性状（因为Ⅱ-3表现该性状）。结合系谱图可知，不符合该基因遗传规律的个体是Ⅲ-1、Ⅲ-3和Ⅲ-4。

（3）设该控制该性状的基因仅位于X染色体上，且由（1）知该性状为隐性遗传（为解析方便定该性状由基因A-a控制）；Ⅰ-2和Ⅱ-2均未表现出该性状（XAX-），但他们的雄性后代（Ⅱ-3和Ⅲ-1）却表现出该性状（XaY）；同时考虑到雄性个体的X染色体来自于雌性亲本，据此断定Ⅰ-2和Ⅱ-2一定为杂合体（XAXa）。Ⅲ-3表现该性状（XaXa），其所含的一条X染色体必然源自Ⅱ-4 （XaX-）；同时Ⅲ-3不表现该性状，据此断定Ⅱ-4为杂合体（XAXa）。Ⅲ-2表现不该性状（XAX-），其雌性亲本Ⅱ-2为杂合体（XAXa），因此Ⅲ-2既可以是杂合子（XAXa）也可以是纯合子（XAXA）。

39．[生物——选修1：生物技术实践]（15分）

为了调查某河流的水质状况，某研究小组测定了该河流水样中的细菌含量，并进行了细菌的分离等工作。回答下列问题：

（1）该小组用稀释涂布平板法检测水样中的细菌含量。在涂布接种前，随机取若干灭菌后的空平板先行培养了一段时间，这样做的目的是 ；然后，将1mL水样稀释100倍，在3个平板上用涂布法分别接入0.1mL稀释液；经适当培养后，3个平板上的菌落数分别为39、38和37。据此可得出每升水样中的活菌数为 。

（2）该小组用平板划线法分离水样中的细菌。操作时，接种环通过 灭菌，在第二次及以后划线时，总是从上一次的末端开始划线。这样做的目的是 。

（3）示意图A和B中， 表示的是用稀释涂布平板法接种培养后得到的结果。

（4）该小组将得到的菌株接种到液体培养基中并混匀，一部分进行静置培养，另一部分进行振荡培养。结果发现：振荡培养的细菌比静置培养的细菌生长速度快。分析其原因是：振荡培养能提高培养液的 的含量，同时可以使菌体与培养液充分接触，提高 的利用率。

答案

（1）检测培养基平板灭菌是否合格 3.8×10

（2）灼烧； 将聚集的菌体逐步稀释以便获得单个菌落

（3）B ⑷、溶解氧 营养物质

解析

（1）为了确定培养基的灭菌是否合格，微生物学实验一般会设置空白对照：随机取若干灭菌后的空平板培养一段时间，观察培养基上是否有菌落生成；利用平板菌落计数法的计算公式估算水样中的活菌数：

（2）接种时接种环需要灼烧灭菌；在第二次及以后划线时，总是从上一次的末端开始划线，这样做的目的是：通过划线次数的增加，使每次划线时菌体的数目逐渐减少，以便得到菌落。

（3）由题图可知B图为平板划线法接种的结果（菌落相对均匀分布）。

（4）震荡培养可以增加液体培养基的氧气含量，促进好氧型微生物的生长；另外震荡培养还可以使菌体与培养液充分接触，提高营养物质的利用率。

40．[生物——选修3：现代生物科技专题](15分)

植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关。若从该植物中获得该耐旱基因，并将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性。

回答下列问题：

（1）理论上，基因组文库含有生物的 基因；而cDNA文库中含有生物的 基因。

（2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中 出所需的耐旱基因。

（3）将耐旱基因导入农杆菌，并通过农杆菌转化法将其导入植物 的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株。要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的 ，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的 是否得到提高。

（4）如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3∶1时，则可推测该耐旱基因整合到了 （填“同源染色体的一条上”或“同源染色体的两条上”）。

答案

（1）全部 部分

（2）筛选

（3）乙 表达产物 耐旱性

（4）同源染色体的一条上

解析

（1）基因文库包括基因组文库和cDNA文库，基因组文库包含生物基因组的所全部基因，cDNA文库是以mRNA反转录后构建的，只含有已经表达的基因（并不是所有基因都会表达），即部分基因。

（2）从基因文库中获取目的基因需要进行筛选。

（3）要提高植物乙的耐旱性，需要要利用农杆菌转化法将耐旱基因导入植物乙的体细胞中。要检测目的基因（耐旱基因）是否表达应该用抗原抗体杂交检测目的基因（耐旱基因）的表达产物（即耐旱的相关蛋白质）；个体水平检测可以通过田间实验，观察检测其耐旱性情况。

（4）如果耐旱基因整合到同源染色体的两条上，则子代将全部表现耐旱，不会出现性状分离。[或“如果耐旱基因整合到同源染色体的一条上，则转基因植株的基因型可以用A_表示（A表示耐旱基因，_表示另一条染色体上没有相应的基因），A_自交后代基因型为AA∶A_∶_ _=1∶2∶1，所以耐旱∶不耐旱=3∶1，与题意相符。”]

文 章

来源 莲山 课件 w w

高考生物，关于基因工程的题目！

1.当被捕食者数目减少，而捕食者数目不变或增加时，对捕食者而言，可供选择的捕食对象减少，所以被捕食者被捕食的个体概率增加，所以被捕食压力增加。

2.从图上看，这是一个动态的消长过程，因为第一营养级仍在不断光合作用，第二营养级也是不停的捕食中，无法确定。

3.D项中，X级生物在甲乙两图中的数量变化，不仅考虑X内的竞争，还要考虑Y对X中不同类群的影响

Z营养级生物捕食对象没有改变，可以理解为甲乙两图中Y的种类数没有改变。因为在Y中存在这几类生物即可说明它们与Z存在捕食与被捕食的关系。

如果改变了捕食对象，那么Y的种类必然改变。

高考生物题 解析

这是一个生物反应器相关知识

简单的来说，生物反应器就是用生物体作为工厂进行生产我们所需要的东西。

如本题中的C和D，都是希望利用生物反应器来生产蜘蛛丝。

它们的区别在于：

D是希望利用原核生物（大肠杆菌）来生产蜘蛛丝。蜘蛛细胞是真核细胞，而大肠杆菌是原核细胞，这样的两种细胞是不可能实现细胞融合的，更不用说用以生产蜘蛛丝了

C说将基因转入乳腺细胞生产。该答案的意思是对的，但是表述却不是很严谨。用乳腺细胞作为生物反应器是比较理想的一类动物生物反应器，因为乳腺细胞产生的分泌物直接分泌到体外，而不参与生物体的循环系统，最大限度的保证了外源物对宿主的影响。乳腺细胞是不一个，将基因转入乳腺细胞这个过程是可以实现的，但是结果却不能实现。可以将基因转入基因组并定位于乳腺（可用相关启动子实现）。

高考生物题求解释

第一题，错，因为传递效率是10%-20%之间，不会因害虫的减少而改变

第二次对、因为原题目中，二者都是具有同种天敌，所以卷叶螟诱捕后，食用褐飞虱多了。

第三题，对，属于外来物种入侵

第四题、错，虽然改变了生态系统多样性，但是灰椋鸟也是害虫的天敌，所以不一定会使害虫数量大幅上升！

对“与蛋白质有关的计算”分类释疑 蛋白质计算

1(1) 若四个班的同学没有进行交流，且均以为花色仅受一对等位基因控制，则__一__班和__二__班对显隐性的判断刚好相反。（由于一班红色杂交出现分离，断定红色为显性，二班蓝色杂交出现分离，断定蓝色为显性，所以矛盾）

①A+A×A+A ②A+A×A+a （由于一班亲本都是红花，又知道A+和a都决定红色，而且后代出现蓝色AA或者Aa所以亲本可能是A+A或者A+a) 不能(因为A+A×A+A ②A+A×A+a 两种情况的后代蓝红之比都是1:3,)

（2）Aa1和Aa2 红：蓝=1:0（全为红花） 二 说-演绎

高考高中生物，求解析谢谢

随着高考对学生能力要求的不断加强，尤其在高考中问题解决与工具学科――数学学科的结合越来越紧密，解题方式的数学化也越来越明显。高考生物试题中的计算题主要是通过计算考查学生对生物知识的理解程度。高中生物教材中多处涉及计算问题却没有详细的讲解，所以在平时教学中，尤其是在高考前的复习阶段， 帮助学生总结归纳一些常见的生物计算题类型以提高学生的解题能力，是很有必要的。本文专门归纳“与蛋白质有关计算”的常见题型和相应的解题规律。

一、一个氨基酸中的各原子的数目计算

例题1：缬氨酸的R基为―C3H7，在一个缬氨酸分子中，含碳和氢的原子数分别是（）。

A.6 10B.5 11

C.7 10D.6 11

解析：缬氨酸的R基为―C3H7，则缬氨酸的结构式为H2N―CH―COOH，含碳原子为5，含氢原子为11。

答案：B

规律总结：一个氨基酸中，C原子数＝R基团中的C原子数＋2，H原子数＝R基团中的H原子数＋4，O原子数＝R基团中的O原子数＋2，N原子数＝R基团中的N原子数＋1。

变式训练1:丙氨的R基为一CH3，谷氨酸的R基为一C3H5O2，它们缩合后形成的二肽分子中C、H、O的原子比例为（）。

A．7：16：6 B．7：14：5

C．8：12：5 D．8：14：5

二、肽链中氨基酸数目、肽键数目和肽链数目之间的关系计算

例题2：现在有氨基酸600个，其中氨基总数为610，羧基总数为608个，则由这些氨基酸合成的含有2条肽链的蛋白质共有肽键、氨基和羧基的数目分别是（）

A.5982 2 B.59812 10

C.5992 2 D.59911 9

解析：组成蛋白质的一个氨基酸至少有一个氨基和一个羧基，且连接在同一个碳原子上，本题中，氨基酸600个，其中氨基总数为610，羧基总数为608个，说明有10个氨基酸含有2个氨基，8个氨基酸含有8个羧基，600个氨基酸组成的含有两条肽链的蛋白质共有肽键600-2=598个，氨基2+10=12个，羧基共有2+8=10个。

答案：B

规律总结：若有m个氨基酸分子缩合成n条肽链，则可形成如下规律：

变式训练2:全世界每年有成百上千人由于误吃毒蘑菇而死亡，鹅膏覃碱就是一种毒菇的毒素，它是一种环状八肽。若20种氨基酸的平均分子量为128，则鹅膏覃碱的分子量大约是 （ ）。

A.B.898C.880D.862

三、氨基酸的平均分子量与蛋白质的分子量之间的关系计算

例题3：某蛋白质含有2条肽链， A链含有21个氨基酸，B链含有30个氨基酸，2条多肽链间通过二硫键连接，下图所示为该蛋白质的平面结构示意图，则在氨基酸形成该蛋白质时候，相对分子质量比原来减少了______。若氨基酸的平均分子量128，则该蛋白质的分子量为________。

解析：首先从图中可以看出蛋白质含有2条肽链，则其形成的肽键数目为（21+30）-2=49个，产生的水分子也为49个，形成蛋白质时候减少的相对分子质量还包括形成二硫键时候脱去的H的相对分子质量，即18?9+6=888，该蛋白质的分子量为51?28-888=5640。

答案：888，5640

规律总结：n个氨基酸形成m条肽链，每个氨基酸的平均分子量为a，那么由此形成的蛋白质的分子量为：n?a-(n-m)?18 (其中n-m为失去的水分子数，18为水的分子量)；该蛋白质的分子量比组成其氨基酸的分子量之和减少了（n-m）?18。（有时也要考虑因其他化学键的形成而导致相对分子质量的减少，如形成一个二硫键，脱去2个H）

变式训练3:一种蛋白质是由两条肽链组成的，共含有100个氨基酸，若每个氨基 酸的相对 分子质量平均是120，则该蛋白质的相对分子质量约是（）。

A．12000 B．10236 C．10218 D．13764

四、有关多肽种类的计算

例题4：由1个赖丙氨酸、1个苏氨酸、1个亮氨酸组成的三肽有（）。

A．6种B．5种C．27种D．3种

解析：如果用列举法，由1个赖氨酸、1个苏氨酸、1个亮精氨酸组成的三肽有赖苏亮、赖亮苏、苏赖亮、苏亮赖、亮苏赖、亮赖苏。共有6种。

答案：A

规律总结：若有n种氨基酸，由这n种氨基酸组成多肽的情况，可分如下两种情形分析：（1）每种氨基酸数目无限的情况下，可形成m肽的种类为nm种；（2）每种氨基酸数目只有一种的情况下，可形成m肽的种类为n×（n-1）×（n－2）……×1种。

变式训练4: 现有异亮氨酸、缬氨酸、蛋氨酸、色氨酸4种氨基酸，每种氨基酸数目可以无限，组成的二肽有（ ）。

A．8种B．4种C．16种D．12种

五、氨基酸分子数与mRNA中碱基数、基因中碱基数的关系计算

例题5：一段原核生物的mRNA通过翻译可合成一条含有11个肽键的多肽，则此mRNA分子至少含有的碱基个数及合成这段多肽需要的tRNA个数，依次为（）。

A．33 11B．36 12C．12 36D．11 36

解析：一条含有11个肽键的多肽是由12个氨基酸缩合形成的。mRNA上三个碱基决定一个氨基酸，则此mRNA分子至少含有的碱基36个，一个氨基酸需要一个tRNA转运，共需要12个tRNA。

答案:B

规律总结：在基因控制蛋白质合成过程中，DNA、mRNA、蛋白质三者的基本组成单位脱氧核苷酸（或碱基）、核糖核苷酸（或碱基）、氨基酸的数量比例关系为6:3:1。(不考虑基因转录后加工和终止密码子)

变式训练5：设有一段mRNA上有60个碱基，其中A有15个，G有25个，那么转录该mRNA 的DNA分子区段中，“C+T”的个数以及该mRNA翻译成的蛋白质所需氨基酸的个数分别是（）。

A．40、30B．40、20C．60、20D．80、40

（责任编辑 刘 红）

第一题答案是：A。

B错，如果这个细胞不再分裂，即使细胞核内含有DNA也不复制；

C错，DNA还可以通过逆转录得到；

D错，没有细胞结构，但它的核酸也携带遗传信息。

第二题答案是：C。

A错，机体稳定的维持是靠神经—体液—免疫调节网络；

B错，吞噬细胞不属于淋巴细胞；

D错，抗体只能由浆细胞产生，记忆细胞不会产生抗体。